$n$ 个人 $m$($m \le n$) 个出来,不排队,不在乎顺序 $C_n^m$。如果在乎排列那么就是 $A_n^m$,如果不在乎那么就要除掉重复,那么重复了多少?同样选出的来的 $m$ 个人,他们还要“全排”得 $A_n^m$,所以得:
-$$C_n^m \times m! = A_n,m$$
+$$C_n^m \times m! = A_n^m$$
$$C_n^m = \frac{A_n^m}{m!} = \frac{n!}{m!(n-m)!}$$
###重复排列(有限)
-$k$种不一样的球,每种球的个数分别是 $a_1,a_2,\cots,a_k$,设 $n=a_1+a_2+…+a_k$,这 $n$ 个球的全排列数,为
+$k$种不一样的球,每种球的个数分别是 $a_1,a_2,\cdots,a_k$,设 $n=a_1+a_2+…+a_k$,这 $n$ 个球的全排列数,为
-$$\frac{n!}{a_1! \times a_2! \times \cots \times a_k!}$$
+$$\frac{n!}{a_1! \times a_2! \times \cdots \times a_k!}$$
###重复组合(无限)
$n$ 种不一样的球,每种球的个数是无限的,从中选$k$个出来,不用排列,是组合,为$C_{n+k-1}^{k}$.
证明:
>假设选出来的数(排好序):
->$$1 \le b_1 \le b_2 \le b_3 \le \cots \le b_k \le n$$
+>$$1 \le b_1 \le b_2 \le b_3 \le \cdots \le b_k \le n$$
>这题的难点就是 $=$ 号,现在去掉 $=$ 号,所以有:
->$$1 \le b_1<b_2+1<b_3+2<b_4+3<\cots<b_k+k-1 \le n+k-1$$
+>$$1 \le b_1 < b_2+1 < b_3+2 < b_4+3 < \cdots < b_k+k-1 \le n+k-1$$
中间还是 $k$ 个数!不过已经不是 $b$ 系列,而是 $c$ 系列,**假设 $c[i]=b[i]+i-1$,所以**
-$$1 \le c_1<c_2<c_3<c_4<\cots<c_k \le n+k-1$$
+$$1 \le c_1 < c_2 < c_3 < c_4 < \cdots <c_k \le n+k-1$$
所以问题就开始转换为无重复组合问题,即在 $n+k-1$ 个元素中选中 $k$ 个的组合数$C_{n+k-1}^{k}$。
$5$ 本书,编号分别是 $1,2,3,4,5$,现在要把这5本书是放在编号 $1,2,3,4,5$ 的书架上,要求书的编号和书架的编号不一样,请问有多少种不一样的放置方法?
再看一个小问题:<br>
-胸口贴着编号为 $1,2,\cots,n$ 的 $n$ 个球员分别住在编号为 $1,2,\cots,n$ 的 $n$ 个房间里面。现规定每个人住一个房间,自己的编号不能和房间的编号一样。
+胸口贴着编号为 $1,2,\cdots,n$ 的 $n$ 个球员分别住在编号为 $1,2,\cdots,n$ 的 $n$ 个房间里面。现规定每个人住一个房间,自己的编号不能和房间的编号一样。
这就是错排问题。当 $n=3$ 时,只能为 312 或 231 这两种。
那么错排问题的解题思路是什么呢?我们以第二个问题为例:
**递推还是王道!!!**
-刚开始所有球员都住在和自己编号一样的房间里面。然后错排开始了,第$n$个球员从第出来。
+刚开始所有球员都住在和自己编号一样的房间里面。然后错排开始了,第$n$个球员从第$n$个房间出来。
第一种情况:<br>
$n$ 想和 $i(1 \le i \le n-1)$ 其中任何一个球员换房间,其他 $n-2$ 个人换房间的事情,他们就不管了。其他 $n-2$ 个球员的的错排数为 $d[n-2]$,$n$ 可以和前面 $1 \sim n-1$ 对换,所以有 $n-1$ 个 $d[n-2]$。
如果理解了以上内容,那么错排的公式就出来了:
-$$d_n = (n-1)(d_{n-2} + d_{n-1}) (n\geq3)$$
+$$d_n = (n-1)(d_{n-2} + d_{n-1}) (n\geq 3)$$
同时也有:
$$d_n = n * d_{n-1} + (-1)^n$$
-错位排列数列为 $0,1,2,9,44,265,\cots$
+错位排列数列为 $0,1,2,9,44,265,\cdots$
##加法&乘法原理
###加法原理
完成一个工程可以有 $n$ 类办法,$a[i](1 \le i \le n)$ 代表第 $i$ 类方法的数目。<br>
-那么完成这件事共有 $S=a[1]+a[2]+\cots+a[n]$ 种不同的方法。
+那么完成这件事共有 $S=a[1]+a[2]+\cdots +a[n]$ 种不同的方法。
###乘法原理
完成一个工程需要分 $n$ 个步骤,$a[i](1 \le i \le n)$ 代表第 $i$ 个步骤的不同方法数目。<br>
-那么完成这件事共有$S = a[1] \times a[2] \times \cots \times a[n]$ 种不同的方法。
+那么完成这件事共有$S = a[1] \times a[2] \times \cdots \times a[n]$ 种不同的方法。
###两原理的区别
##几个关于组合的公式
-$$C_n^0 + C_n^1 + C_n^2 + C_n^3 + \cots + C_n^m = 2^n$$
+$$C_n^0 + C_n^1 + C_n^2 + C_n^3 + \cdots + C_n^m = 2^n$$
$$C_n^r + C_n^{r+1} = C_{n+1}^{r+1}$$